题意：设f为fibonacci数列，询问使得f[j]能整除f[i]的j的个数以及j^2的和。3e6个询问，1 <= i <= 1e7
由定义，f[1] = f[2] = 1，f[i] = f[i-1] + f[i-2]
下面用数学归纳法证明gcd(f[i], f[i-1]) == 1
(1) i = 2时，显然gcd(f[i], f[i-1]) == 1成立。
(2) i > 2时，假设gcd(f[i-1], f[i-2]) == 1成立。
则gcd(f[i-1], f[i-1] + f[i-2]) == 1成立
即gcd(f[i-1], f[i]) == 1
综上，对于任意i >= 2，gcd(f[i], f[i-1]) == 1
然后证明对于i > 2，f[i]能且仅能整除f[k * i]，k >= 1
证明：当i > 2时
记a = f[i], b = f[i+1]
则gcd(a, b) == 1
列个表：
| i | i+1 | i+2 | i+3 | i+4 | i+5 | ... | i+i |
|---|---|---|---|---|---|---|---|
| a | b | a+b | a+2b | 2a+3b | 3a+5b | ... | f[i-1]a + f[i] b |
所以f[i]能整除f[2i]且f[i]不能整除f[j]，i < j < 2i
再打一个b的系数的表
| i+i | i+i+1 | i+i+2 | i+i+3 | i+i+4 | i+i+5 | ... | i+i+i |
|---|---|---|---|---|---|---|---|
| a | b | a+b | a+2b | 2a+3b | 3a+5b | ... | f[i-1]a + f[i] b |
跟之前那个表基本一样。我们会发现，让b的系数变成a的倍数，到f[3i]才行。
以此类推，就不太严谨但是形象地证明了：对于i > 2，f[i]能且仅能整除f[k
* i]，k >= 1
所以能整除f[i]的数只有f[j]，其中j是i的因子或2（2比较特殊，因为f[2] ==
1）
所以用线性筛筛出因子个数和因子平方和即可。
那个2要额外注意，因为本题没有限制j <= i，所以2能对f[1]贡献。
代码
#include <cstdio>
#include <bitset>
#include <vector>
using namespace std;
#define DEBUG 0
#define MAXN 3000011
#define MAXC 10000011
typedef long long LL;
const int p = 1000000007;
template <typename T>
void AddMod(T& x, int p) {
if (x >= p)
x -= p;
}
//f[i] = the sum of the square of the factors of i
bitset<MAXC> is_prime;
vector<int> prime;
void get(int sum2[], int num[], int n, int p) {
static int pk[MAXC];
is_prime.set();
prime.clear();
sum2[1] = 1;
num[1] = 1;
for (int i = 2; i <= n; ++i) {
if (is_prime[i]) {
prime.push_back(i);
pk[i] = i;
sum2[i] = ((LL)i * i + 1) % p;
num[i] = 2;
}
for (int pr : prime) {
int now = i * pr;
if (now > n) break;
is_prime[now] = false;
if (i % pr == 0) { //pr is the minimum prime factor of i
pk[now] = pk[i] * pr;
sum2[now] = (sum2[i] + (LL)sum2[i / pk[i]] * pk[now] % p * pk[now]) % p;
num[now] = num[i] + num[i / pk[i]];
break;
} else {
pk[now] = pr;
sum2[now] = (1 + (LL)pk[now] * pk[now]) % p * sum2[i] % p;
num[now] = num[i] << 1;
}
}
}
}
int main() {
static int sum2[MAXC], num[MAXC];
get(sum2, num, MAXC - 1, p);
for (int i = 1; i < MAXC; i += 2) {
++num[i];
AddMod(sum2[i] += 4, p);
}
int q;
static int qs[MAXN], a, b, c;
scanf("%d%d%d%d%d", &q, qs + 1, &a, &b, &c);
for (int i = 2; i <= q; ++i) {
qs[i] = ((LL)qs[i-1] * a + b) % c + 1;
}
#if DEBUG
for (int i = 1; i <= q; ++i) {
printf("%d ", qs[i]);
}
putchar('\n');
#endif
int sa = 0, sb = 0;
for (int i = 1; i <= q; ++i) {
AddMod(sa += num[qs[i]], p);
AddMod(sb += sum2[qs[i]], p);
}
printf("%d\n%d\n", sa, sb);
return 0;
}